ElectroYou - la comunità dei professionisti del mondo elettrico

da **masomaso90** » 18 set 2011, 19:45

Ciao a tutti,

RenzoDF di ricomnciare con un nuovo post questo esercizio, e io lo ricomincio, quindi non prendetelo come un doppio post (o se volete cancellate quello vecchio)

Calcolare la corrente i(t), t=0, t>0, sapendo che k chiude a t=0 e che la rete è a regime.

Dati:

$R= 2 \Omega$
L= 1 mH

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

Ho calcolato la resistenza letta ai capi di induttore e condensatore, con K chiuso..

R_L=R

Ok, le condizioni iniziali danno i_0=0

, perche il circuito è aperto.

La corrente a regime è $i_\infty$ , che calcolo con la sovrapposizione degli erffetti:

1) stacco il generatore di tensione --->

la corrente che scorre nel corto circuito è tutta la corrente erogata dal generatore.:

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

2) Stacco l'altro generatore, calcolo la corrente:

$i_2=\frac{V_g}{R}= 3 A$

La somma dei 2 contributi mi da: $i_\infty=3+1=4 A$

E fin qua c'ero.. ora si tratta di vedere il transitorio...

Poi

RenzoDF mi ha detto:

"... alla chiusura dell'interruttore, visto il cortocircuito, puoi calcolare i(t) come somma dei contributi delle correnti dovute alle due semireti destra e sinistra, nelle quali la rete puo' essere vista suddivisa."

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

Le costanti di tempo sono:
$\tau_C=CR_C$

$\tau_L=\frac{R_L}{L}$

Il contributo della parte destra è stato facile da immaginare, si tratta di partitore di corrente.

Quindi calcolo il contributo alla corrente di competenza del condensatore, durante il transitorio.

Per arrivare a scrivere una cosa del genere:

$i(t)=i_c+i_L+i_\infty$

Dovrebbe essere:

$i_c=\frac{-i_\infty^{-\frac{t}{\tau _c}}}{2}$

Ora, per i_L

posso fare 2 cose, o ragiono sul caso particolare, o in generale.

Sul caso particolare, dico che:

$i(0)=i_c+i_L+i_\infty=0$

Conosco, è un'equazione ad un'incognita, ricavo i_L

.

Possibilmente è valido sempre, basta mettere al posto di 0, il valore di i_0

, e quindi dal particolare vado al generale... e magari all'esame fare cosi.

Ma siamo qui anche per imparare, giusto?

E io vorrei capire dallo schema, perche:

$i_L=\frac{-i_\infty^{-\frac{t}{\tau _L}}}{2}$

Ho provato quindi a fare uno schema, togliendo i generatori e la semi rete destra:

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

Ma il risultato non combacia...

E siccome i conti sono migliori dei grafici, è il grafico sbagliato, e non il conto

Mi potreste dire, per piacere, se quanto detto fin ora è corretto?

E poi, mi potreste far vedere dal circuito perche i_L

viene in quella maniera?

Grazie

da **RenzoDF** » 21 set 2011, 16:06

Ci sono diversi errori in quello che scrivi, comunque provo a spiegarti cosa intendevo fare
a) ritraccio lo schema

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

b) lo studio per t<0 con interruttore aperto, da semplice ispezione visiva si deduce che iL(0-)=4 ampere in quanto il resistore superiore e' sottoposto a 6 volt mentre per vC(0-) basta vedere che semplificando i due paralleli fra GIT e R e GIC e R, la f.e.m. totale di maglia e' pari a 8 volt che si ripartiscono sui tre resistori in parti uguali; di conseguenza vC(0-)=8/3 V

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

c) a questo punto, avendo determinato le condizioni iniziali studiamo il circuito per t>0
iL(0+)=iL(0-)=4A e vC(0+)=vC(0-)=8/3V e visto la posizione topologica del cortocircuito, possiamo studiare il comportamento della rete spezzandola nelle due sottoreti destra e sinistra e ottenendo la corrente i(t) cercata come somma delle correnti parziali ia e ib

Sorgente FidoCadJ | Ingrandisci | Cos'è Fidocad

e' chiaro che ia non puo' che essere costante e pari a 4 ampere, mentre ib non sara' altro che la emicorrente di scarica del condensatore con costante di tempo RC/2.
Ne segue che scrivere i(t) e' quanto mai semplice

$i(t)=i_{a}(t)+i_{b}(t)=4+\frac{1}{2}\left( \frac{2v_{C}(0+)}{R} \right)\,e^{-\frac{2t}{RC}}=4+\frac{8}{6}e^{-1000t}\ \text{A}$

da **masomaso90** » 21 set 2011, 19:32

Ciao

RenzoDF,

grazie per la risposta.

Ricapitolando, l'induttore non vede variazione di corrente, quindi per lui non c'è transitorio.

Della corrente derivante dalla scarica del condensatore, il 50% si riversa nel corto circuito.

E poi c'è il solito $i_\infty$ ...

Oggi ho addirittura fatto la teoria che giustifica la formula che usiamo solitamente

aahhahahahhahah

da **RenzoDF** » 21 set 2011, 21:11

masomaso90 ha scritto:E poi c'è il solito $i_\infty$ ...

No, non c'e', e' incluso nella somma ;-)

masomaso90 ha scritto:Oggi ho addirittura fatto la teoria che giustifica la formula che usiamo solitamente

Quale formula ?

da **masomaso90** » 21 set 2011, 21:26

La formula:

$y(t)=(y_0-y_\infty)e^{-\frac{t}{\tau }}+y_\infty$

da **masomaso90** » 21 ott 2011, 12:12

Ciao a tutti!

Riprendo questo post, non per seccarvi con altre domande, ma per ringraziarvi tutti

Finalmente anche questo mattone, elettrotecnica, è stato tolto!

Ringrazio

asdf per la compagnia e la simpatia, durante il comune percorso d'apprendimento.

Ringrazio

pinklady per la sua cortesia e disponibilità.

Infine, il grazie più grosso di tutti va a

RenzoDF, che s'è messo un'estate sana appresso a me, per aiutarmi a raggiungere il livello di preparazione necessario

Regula falsi a parte

ahahahahhaha

Ciao ragazzi, siete grandi! sentirete ancora parlare di me

ahahhahahahah

da **asdf** » 21 ott 2011, 12:17

Figurati

masomaso90

Sono contento che l'esame sia andato bene e ciò rende merito del lavoro fatto quest'estate e dell'aiuto che ti ha concesso tante volte

RenzoDF.
Complimenti ancora

da **alev** » 21 ott 2011, 12:29

Complimenti per l'esame :ok:

Per quanto riguarda

RenzoDF, non c'erano dubbi che il suo aiuto sarebbe servito, è davvero un ottimo idraulico

da **masomaso90** » 21 ott 2011, 12:36

Grazie a tutti

Ottimo idraulico, e non solo

ahahahhaha

da **jordan20** » 21 ott 2011, 14:57

Bravo masino :!:

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Falso circuito del second'ordine.

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[2] Re: Falso circuito del second'ordine.

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